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2019版高考物理二轮复习：押题练含试卷分析答题技巧（16份打包）详细信息
| 宜城教育365速发国际靠谱么_365bet亚洲官方网址_预付365商城下载网www.bjtlcd.com2019版高考物理二轮复习：押题练含试卷分析答题技巧（16份打包）电学与原子物理学选择题押题练（四）1．已知核反应方程23490Th→23491Pa＋X＋ΔE(ΔE为释放出的核能，X为新生成粒子),23490Th的半衰期为T，下列有关说法正确的是()A.23491Pa没有放射性B．X粒子是电子，此核反应为β衰变C．N0个23490Th经2T时间因发生上述核反应而放出的核能为N0ΔE(N0数值很大)D.23490Th的比结合能为ΔE234解析：选B23491Pa具有放射性，A错误；由电荷数守恒和质量数守恒可以判断X为电子，题述核反应为β衰变，B正确；经过2T时间，N0个23490Th还剩122N0＝14N0个没有衰变，则有N0－14N0＝34N0个发生了衰变，故核反应释放的核能为34N0ΔE，C错误；比结合能是核子结合为原子核时释放的核能与核子数之比，而不是衰变释放的核能与核子数之比，D错误。2.如图所示，在两等量异种点电荷产生的电场中，abcd是以两点电荷连线中点O为对称中心的菱形，a、c在两点电荷的连线上。下列判断正确的是()A．a、b、c、d四点的电势相同B．b、d两点的电场强度的方向相反C．a、b、c、d四点的电场强度的大小相同D．将正试探电荷由b点沿ba及ad移到d点的过程中，试探电荷的电势能先增大后减小解析：选D根据等量异种点电荷产生电场的特点知，φa>φb＝φd>φc；a、b、c、d四点电场强度方向相同，但大小不等；b→a电势增大，正电荷的电势能增大，a→d电势减小，正电荷的电势能减小，故D正确。3.如图所示，A1、A2是两完全相同的灯泡，A1与一理想二极管D连接，线圈L的直流电阻不计。下列说法正确的是()A．闭合S后，A1会逐渐变亮B．闭合S稳定后，A1、A2亮度相同C．闭合S稳定后再断开S的瞬间，A1会逐渐熄灭D．闭合S稳定后再断开S的瞬间，a点的电势比b点低解析：选D闭合S后，因A1、A2和线圈L不是串联的关系，则A1、A2立刻亮，故A错误；闭合S稳定后，因线圈L的直流电阻不计，所以A1与二极管被短路，导致A1不亮，而A2将更亮，因此A1、A2亮度不同，故B错误；闭合S稳定后再断开S的瞬间，A2会立刻熄灭，线圈L与A1及二极管构成回路，因线圈L产生感应电动势，a点的电势低于b点，但二极管具有单向导电性，所以回路没有感应电流，A1不亮，故C错误，D正确。4．在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中有一面积为S的线圈，匝数为N，内阻不计，绕与磁场垂直的轴OO′以角速度ω匀速转动，如图所示。线圈通过滑环接一理想变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，副线圈接有可调电阻R′。如果从图示位置开始计时，下列判断正确的是()A．线圈产生的交变电流按正弦规律变化B．当只有线圈转速增大时，灯泡Ⅰ亮度不变，灯泡Ⅱ亮度变暗，灯泡Ⅲ亮度增大C．当只有R′增大时，电压表读数不变D．当只有P向上移动时，电流表读数减小解析：选C从题图所示位置开始计时，零时刻交变电流最大，按余弦规律变化，选项A错误；当只有线圈转速增大时，不仅电流频率增大，由Em＝NBSω可知电动势也增大，所以灯泡Ⅰ、Ⅲ亮度增大，灯泡Ⅱ亮度变化不能确定，选项B错误；当线圈转速不变时，发电机电动势不变，电压表读数不受P位置、R′变化影响，读数不变，选项C正确；当线圈转速不变，P向上移动、R′不变时，变压器输出电压变大，用电器电流增大，副线圈总电流增大，所以电流表读数增大，选项D错误。5．如图甲所示，正三角形导线框位于圆形有界匀强磁场中，磁场方向与导线框所在平面垂直。规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是()A．0～1s时间内和5～6s时间内，导线框中的电流方向相同B．0～1s时间内和1～3s时间内，导线框中的电流大小相等C．3～5s时间内，AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向下D．1～3s时间内，AB边受到的安培力大小不变解析：选A0～1s时间内穿过导线框的磁通量向外增加；5～6s时间内穿过导线框的磁通量向里减小，根据楞次定律可知导线框中的电流方向相同，选项A正确；题图乙中B?t图像的斜率等于磁感应强度的变化率，故0～1s时间内和1～3s时间内，导线框中的感应电动势的大小不相等，感应电流大小不相等，选项B错误；3～5s时间内，磁通量向里增加，产生的感应电流为逆时针方向，则由左手定则可知，AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向上，选项C错误；1～3s时间内，感应电流大小不变，而磁感应强度向外减弱，根据F＝BIL可知，AB边受到的安培力变小，选项D错误。6．[多选]如图所示，在真空中，＋Q1和－Q2为固定在x轴上的两个点电荷，且Q1＝4Q2，AB＝BP＝L。a、b、c为P两侧的三个点，则下列说法中正确的是()A．P点电场强度为零，电势也为零B．b、c两点处，一定有电势φb>φc，且电场强度Eb>EcC．若将一试探电荷＋q从a点沿x轴移至P点，则其电势能增加D．若将一试探电荷－q从a点静止释放，则其经过P点时动能最大解析：选CDP点的电场强度为EP＝kQ12L2－kQ2L2＝0；P点的电势：φP＝kQ12L－kQ2L＝kQ2L>0，选项A错误；因P点的电场强度为零，则P点右侧电场线向右，由顺着电场线电势降低可知，φb>φc，因b、c的具体位置不确定，则不能确定两点电场强度的关系，选项B错误；P点左侧电场线向左，则P点电势高于a点，若将一试探电荷＋q从a点沿x轴移至P点，则其电势能增加，选项C正确；若将一试探电荷－q从a点静止释放，则电荷将沿aP向右加速运动，到达P点后受到向左的电场力做减速运动，可知其经过P点时动能最大，选项D正确。7.[多选]如图所示，平行板电容器竖直放置，右侧极板中间开有一小孔，两极板之间的距离为12cm，内部电场强度大小为10N/C；极板右侧空间有磁感应强度大小为0.5T的匀强磁场。一比荷为1.6×102C/kg的带负电粒子，从电容器中间位置以大小为8m/s的初速度平行于极板方向进入电场中，经过电场偏转，从电容器右极板正中间的小孔进入磁场。不计带电粒子的重力及空气阻力。下列说法正确的是()A．电容器极板长度为83×10－2mB．粒子进入磁场时的速度大小为16m/sC．粒子进入磁场时速度与水平方向夹角为60°D．粒子在磁场中的运动时间为π120s解析：选ABD粒子在电场中做类平抛运动，则竖直方向：12L＝v0t；水平方向：12d＝12·Eqmt2，解得L＝83×10－2m，A正确；粒子进入磁场时水平速度：vx＝Eqmt＝83m/s，则粒子进入磁场时的速度大小为v＝v02＋vx2＝16m/s，B正确；粒子进入磁场时速度与水平方向的夹角满足tanθ＝v0vx＝33，解得θ＝30°，C错误；粒子在磁场中转过的角度为120°，则在磁场中运动的时间t＝120°360°T＝13·2πmqB＝π120s，D正确。8.[多选]如图所示，在xOy平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场，第一、二、四象限内的磁场方向垂直纸面向里，第三象限内的磁场方向垂直纸面向外，P(－2L,0)、Q(0，－2L)为坐标轴上的两个点，现有一电子从P点沿PQ方向射出，不计电子的重力，下列说法正确的是()A．若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则电子运动的路程一定为πL2B．若电子从P点出发经原点O到达Q点，则电子运动的路程一定为πLC．若电子从P点出发经原点O到达Q点，则电子运动的路程一定为2πLD．若电子从P点出发经原点O到达Q点，则电子运动的路程可能为πL，也可能为2πL解析：选AD电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，设其运动半径为R，若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则其运动轨迹如图甲所示，则有2Rcos45°＝2L，解得半径R＝L，运动轨迹为四分之一圆周，所以运动的路程s＝2πR4＝πL2，选项A正确；电子从P点出发经原点O到达Q点，若电子恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则轨迹如图甲，运动路程为一个圆周，即s1＝2πR＝2πL，电子从P点出发经过原点O到达Q点的运动轨迹可能如图乙所示，根据几何关系有2R′cos45°＝2L2，圆周运动半径R′＝L2，运动的路程为s2＝2πR′4×2×2＝2πL4×2×2×2＝πL，选项B、C错误，D正确。 宜城教育365速发国际靠谱么_365bet亚洲官方网址_预付365商城下载网www.bjtlcd.com |
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